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2021高考物理一轮复习 第7章 静电场 第1讲 电场的力的性质学案

2021高考物理一轮复习 第7章 静电场 第1讲 电场的力的性质学案

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第七章 静电场
考情分析
高考对本章的考查频率较高，考查的题型有选择题和计算题等，考查的难度中等。
重要考点
1.物质的电结构、电荷守恒(Ⅰ)
2．静电现象的解释(Ⅰ)
3．点电荷(Ⅰ)
4．库仑定律(Ⅱ)
5．静电场(Ⅰ)
6．电场强度、点电荷的场强(Ⅱ)
7．电场线(Ⅰ)
8．电势能、电势(Ⅰ)
9．电势差(Ⅱ)
10．匀强电场中电势差与电场强度的关系(Ⅱ)
11．带电粒子在匀强电场中的运动(Ⅱ)
12．示波管(Ⅰ)
13．常见电容器(Ⅰ)
14．电容器的电压、电荷量和电容的关系(Ⅰ)
考点解读
1.多个电荷间的库仑力的平衡和场强叠加问题。
2．利用电场线和等势面确定场强的大小和方向，判断电势高低、电场力变化、电场力做功和电势能的变化等。
3．带电体在匀强电场中的平衡问题及变速运动的动力学问题。
4．对平行板电容器电容决定因素的理解，解决两类动态变化的问题。
5．分析带电粒子在电场中的加速运动和偏转运动问题。
6．示波管、静电除尘等在日常生活和科学技术中的应用。
第1讲　电场的力的性质

主干梳理 对点激活

知识点　　电荷守恒　点电荷　Ⅰ 库仑定律　Ⅱ
1.元电荷、点电荷
(1)元电荷：e＝1.6×10－19 C，最小的电荷量，所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，其中质子、正电子的电荷量与元电荷相同。电子的电荷量q＝－1.6×10－19 C。
(2)点电荷：忽略带电体的大小、形状及电荷分布状况的理想化模型。
(3)比荷：带电粒子的电荷量与其质量之比。
2．电荷守恒定律
(1)内容：电荷既不会创生，也不会消失，它只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分，在转移的过程中，电荷的总量保持不变。
(2)起电方法：摩擦起电、感应起电、接触起电。
(3)带电实质：物体带电的实质是得失电子。
(4)电荷的分配原则：两个形状、大小等完全相同的导体，接触后再分开，二者带等量同种电荷；若两导体原来带异种电荷，则电荷先中和，余下的电荷再平分。
3．库仑定律
(1)内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上。
(2)表达式：F＝k，式中k＝9.0×109 N·m2/C2，叫静电力常量。
(3)库仑力的方向
由相互作用的两个带电体决定，且同号电荷相互排斥；异号电荷相互吸引。
(4)适用条件：真空中静止的点电荷。
①在空气中，两个点电荷的作用力近似等于真空中的情况，可以直接应用公式。
②当两个带电体的间距远大于本身的大小时，可以把带电体看成点电荷。
③两个带电体间的距离r→0时，不能再视为点电荷，也不遵循库仑定律，它们之间的库仑力不能认为趋于无穷大。
(5)球体间的库仑力
①对于两个均匀带电绝缘球体，可将其视为电荷集中在球心的点电荷，r为球心间的距离。
②对于两个带电金属球，要考虑表面电荷的重新分布，如图所示。

甲：同号电荷：F＜k；乙：异号电荷：F＞k。
知识点　　静电场　Ⅰ 电场强度、点电荷的场强　Ⅱ
1．电场
(1)定义：存在于电荷周围，能传递电荷间相互作用的一种特殊物质。
(2)基本性质：对放入其中的电荷有力的作用。
2．电场强度
(1)定义：放入电场中某点的电荷所受到的静电力F跟它的电荷量q的比值。
(2)定义式：E＝，该式适用于一切电场。
(3)单位：N/C或V/m。
(4)矢量性：规定正电荷在电场中某点所受静电力的方向为该点电场强度的方向。
3．点电荷场强的计算式
(1)公式：在场源点电荷Q形成的电场中，与Q相距r的点的场强E＝k。
(2)适用条件：真空中静止的点电荷形成的电场。
4．电场强度的叠加
电场中某点的电场强度为各个点电荷单独在该点产生的电场强度的矢量和，遵循平行四边形定则。
5．匀强电场：电场中各点的电场强度大小相等、方向相同，这样的电场叫做匀强电场。
知识点　　电场线　Ⅰ
1．定义：为了形象地描述电场中各点场强的大小和方向，在电场中画出一系列的曲线，使曲线上各点的切线方向表示该点的场强方向，曲线的疏密表示场强的大小，这些曲线叫做电场线，是假想的曲线，实际不存在。
2．电场线的特点
(1)电场线上每一点的切线方向与该点的场强方向一致。
(2)电场线从正电荷或无穷远出发，终止于无穷远或负电荷。
(3)电场线在电场中不相交、不闭合、不中断。
(4)在同一电场中，电场线越密集的地方场强越大，电场线越稀疏的地方场强越小。
(5)沿电场线的方向电势逐渐降低。
(6)电场线和等势面在相交处垂直。
3．几种典型电场的电场线
如图所示是几种典型电场的电场线分布图。

一 堵点疏通
1．质子的电荷量为一个元电荷，但电子、质子是实实在在的粒子，不是元电荷。(　　)
2．相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷量是否相同，它们之间的库仑力大小一定相等。(　　)
3．根据F＝k，当r→0时，F→∞。(　　)
4．E＝是电场强度的定义式，可知电场强度与电场力成正比。(　　)
5．电场中某点的场强方向即为试探电荷在该点所受的电场力的方向。(　　)
6．在点电荷产生的电场中，以点电荷为球心的同一球面上各点的电场强度都相同。(　　)
7．电场线的方向即为带电粒子的运动方向。(　　)
答案　1.√　2.√　3.×　4.×　5.×　6.×　7.×
二 对点激活
1.(人教版选修3－1·P3·实验改编)(多选)如图所示，A、B为相互接触并用绝缘支柱支持的金属导体，起初都不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是(　　)

A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开
B．把C移近导体A，再把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开
C．把C移近导体A，先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开
D．把C移近导体A，先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合
答案　AB
解析　虽然A、B起初都不带电，但带正电的小球C对A、B内的电荷有力的作用，使A、B中的自由电子向左移动，使得A端积累了负电荷，B端积累了正电荷，其下部的金属箔片因为接触带电，也分别带上了与A、B相同的电荷，所以金属箔片都张开，A正确；带正电的小球C只要一直在A、B附近，A、B上的电荷因受C的作用力而使A、B带等量的异种感应电荷，把A、B分开，因A、B已经绝缘，此时即使再移走C，A、B所带电荷量也不变，金属箔片仍张开，B正确；但如果先移走C，A、B上的感应电荷会马上中和，不再带电，所以金属箔片都不会张开，C错误；先把A、B分开，再移走C，A、B仍然带电，但重新让A、B接触后，A、B上的感应电荷完全中和，金属箔片都不会张开，D错误。
2．(人教版选修3－1·P9·T3改编)真空中两个相同的带等量异号电荷的金属小球A和B(均可看做点电荷)，分别固定在两处，两球间静电力大小为F。现用一个不带电的同样的金属小球C先与A接触，再与B接触，然后移开C，再将A、B间距离增大为原来的2倍，则A、B间的静电力大小为(　　)
A. B.
C. D.
答案　B
解析　设A、B原来所带电荷量分别为＋Q、－Q，A、B间静电力大小F＝，将不带电的同样的金属球C先与A接触，再与B接触后，A所带电荷量变为＋，B所带电荷量变为－，再将A、B间距离增大为原来的2倍，A、B间静电力大小F′＝＝，故F′＝F，故B正确。
3.(人教版选修3－1·P15·T5改编)如图所示为某区域的电场线分布，下列说法正确的是(　　)

A．这个电场可能是正点电荷形成的
B．D处的场强为零，因为那里没有电场线
C．点电荷q在A点所受的电场力比在B点所受电场力小
D．负电荷在C点受到的电场力方向沿C点切线方向
答案　C
解析　正点电荷的电场线是从正点电荷出发的直线，故A错误；电场线是为了更形象地描述电场而人为画出的，没有电场线的地方，电场强度不一定为零，故B错误；由图知B点处电场线比A点处电场线密集，故EB>EA，所以点电荷在A处所受的电场力小于在B处所受的电场力，C正确；负电荷在C点所受电场力方向与C点切线方向相反，故D错误。
4.(人教版选修3－1·P15·T6)用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0×10－2 kg，所带电荷量为＋2.0×10－8 C。现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与铅垂线成30°夹角(如图所示)。求这个匀强电场的电场强度(g＝10 m/s2)。

答案　2.9×106 N/C
解析　小球受到重力mg、静电力F，轻绳拉力FT的作用处于平衡状态，它的受力情况如图所示，则

＝＝tan30°
E＝tan30°＝× N/C≈2.9×106 N/C。

考点细研 悟法培优

考点1　　库仑力作用下的平衡问题
库仑定律的表达式为F＝k，其适用条件是真空中两个静止点电荷之间相互作用的静电力。库仑定律与平衡问题联系比较密切，因此关于静电力的平衡问题是高考的热点内容，题型以选择题为主。对于这部分内容，需要注意以下几点：一是明确库仑定律的适用条件；二是知道完全相同的导体小球接触时电荷量的分配规律；三是进行受力分析，灵活应用平衡条件。
例1　(多选)如图所示，水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为θ。一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球A，细线与斜面平行。小球A的质量为m、电量为q。小球A的右侧固定放置带等量同号电荷的小球B，两球心的高度相同、间距为d。静电力常量为k，重力加速度为g，两带电小球可视为点电荷。小球A静止在斜面上，则(　　)

A．小球A与B之间库仑力的大小为
B．当＝ 时，细线上的拉力为0
C．当＝ 时，细线上的拉力为0
D．当＝ 时，斜面对小球A的支持力为0
(1)小球A的受力情况是什么？
提示：如图所示，受竖直向下的重力、水平向左的库仑力、垂直斜面向上的支持力，还可能受细线的拉力。

(2)若细线对小球A的拉力为0，用哪种方法分析小球A的受力情况更方便？
提示：若细线对小球A的拉力为0，A受重力、斜面的支持力、库仑力三个力的作用而处于平衡状态，则用矢量三角形法分析小球A的受力情况更方便。
尝试解答　选AC。
由库仑定律知A与B之间的库仑力大小为F＝，A正确；如果细线上的拉力为0，则小球A所受重力mg、支持力FN、库仑力F的合力为零，这三个力可构成一个力的矢量三角形，如图所示，由图中几何关系有F＝＝mgtanθ，解得＝ ，B错误，C正确；斜面对小球A的支持力不可能为零，D错误。

求解带电体平衡问题的方法
分析带电体平衡问题的方法与力学中分析物体受力平衡问题的方法相同。
(1)当两个力在同一直线上使带电体处于平衡状态时，根据二力平衡的条件求解；
(2)在三个力作用下带电体处于平衡状态时，一般运用勾股定理、三角函数关系以及矢量三角形等知识求解；
(3)在三个以上的力作用下带电体处于平衡状态时，一般用正交分解法求解。
[变式1－1]　如图所示，两条不等长的细线一端拴在同一点，另一端分别拴两个带同种电荷的小球，电荷量分别是q1、q2，质量分别为m1、m2，当两小球处于同一水平面时恰好静止，且α>β，则造成α、β不相等的原因是(　　)

A．m1<m2 B.m1>m2
C.q1<q2 D.q1>q2
答案　A
解析　对两带电小球分别进行受力分析如图，根据平衡条件有tanα＝，tanβ＝，两者之间库仑力F大小相等，因α>β，所以m1<m2，故A正确，B错误；电荷量q1、q2无论哪个大，两者之间库仑力F大小都相等，故C、D错误。

[变式1－2]　如图所示，在一条直线上有两个相距0.4 m的点电荷A、B，A带电＋Q，B带电－9Q。现引入第三个点电荷C，恰好使三个点电荷均在电场力的作用下处于平衡状态，则C的带电性质及位置应为(　　)

A．正，B的右边0.4 m处 B.正，B的左边0.2 m处
C．负，A的左边0.2 m处 D.负，A的右边0.2 m处
答案　C
解析　3个孤立共线点电荷的平衡规律如图。

“三点共线”——三个点电荷分布在同一条直线上；“两同夹异”——正、负电荷相互间隔；“两大夹小”——中间电荷的电荷量最小；“近小远大”——中间电荷靠近电荷量较小的电荷。依据该规律知点电荷C应在A左侧，带负电。设C在A左侧距A为x处，由于C处于平衡状态，所以k＝，解得x＝0.2 m，C正确。
考点2　　电场强度的理解及计算
1.电场强度的性质
矢量性
规定正电荷在电场中某点所受电场力的方向为该点场强的方向
唯一性
电场中某一点的电场强度E是唯一的，它的大小和方向与放入该点的电荷q无关，它决定于形成电场的电荷(场源电荷)及空间位置
叠加性
如果有几个静止点电荷在空间同时产生电场，那么空间某点的场强是各场源电荷单独存在时在该点所产生的场强的矢量和
2．电场强度三个表达式的比较
表达式
比较
E＝
E＝k
E＝
公式意义
电场强度定义式
真空中静止点电荷电场强度的决定式
匀强电场中E与U的关系式
适用条件
一切电场
①真空
②静止点电荷
匀强电场
决定因素
由电场本身决定，与q无关
由场源电荷Q和场源电荷到该点的距离r共同决定
由电场本身决定，d为沿电场方向的距离
3．等量同号点电荷的电场和等量异号点电荷的电场的场强比较
比较项目
等量异号点电荷的电场
等量同号点电荷的电场
电场线的分布图

连线中点O处的场强
连线上O点场强最小，指向负电荷一方
为零
连线上的场强大小(从左到右)
沿连线先变小，再变大
沿连线先变小，再变大
沿连线中垂线由O点向外场强大小
O点最大，向外逐渐变小
O点最小，向外先变大后变小
关于O点对称的A与A′，B与B′的场强
等大同向
等大反向
例2　如图所示，在水平向右、大小为E的匀强电场中，在O点固定一电荷量为Q的正电荷，A、B、C、D为以O为圆心、半径为r的同一圆周上的四点，B、D连线与电场线平行，A、C连线与电场线垂直。则(　　)

A．A点的电场强度大小为
B．B点的电场强度大小为E－k
C．D点的电场强度大小不可能为0
D．A、C两点的电场强度相同
(1)电场强度是矢量，场强的叠加遵循什么定则？真空中静止点电荷场强决定式是什么？
提示：平行四边形定则，E＝k。
(2)两点场强大小相等就可以说场强相同吗？
提示：两点场强相同必须大小相等，方向相同。判断两点场强是否相同先看方向是否相同。
尝试解答　选A。
＋Q在A点的电场强度沿OA方向，大小为k，所以A点的合电场强度大小为 ，A正确；同理，B点的电场强度大小为E＋k，B错误；如果E＝k，则D点的电场强度为0，C错误；A、C两点的电场强度大小相等，但方向不同，D错误。

分析电场叠加问题的一般步骤
电场强度是矢量，叠加时遵循平行四边形定则。分析电场的叠加问题的一般步骤是：
(1)确定要分析计算的空间位置；
(2)分析该点有几个分电场，确定各个分电场在该点的电场强度的大小和方向；
(3)利用平行四边形定则求出各分电场强度的矢量和。
[变式2－1]　(2019·广东潮州模拟)下列四个选项中的各点电荷互不影响且所带电荷量的绝对值均相同，电荷的电性以及在坐标系中的位置已经标出，则坐标原点O处电场强度最大的是(　　)

答案　B
解析　图中各点电荷到O点的距离相同，在O点产生的场强大小相同，设为E，A图中坐标原点O处电场强度大小为E；B图中坐标原点O处电场强度是第一象限正点电荷和第二象限负点电荷分别在原点O处产生的电场的场强的合场强，大小等于E；C图中第一象限和第三象限正点电荷在原点O处产生的电场的合场强为零，坐标原点O处的电场强度等于第二象限中的负点电荷在原点O处产生的电场的场强大小，即E；D图中第一象限和第三象限的正点电荷在O处产生的电场的合场强为零，第二象限和第四象限的负点电荷在O处产生的电场的合场强为零，所以坐标原点O处电场强度为0，所以坐标原点O处电场强度最大的是B图，B正确。
[变式2－2]　(人教版选修3－1·P15·T7改编)如图所示，在x轴上关于原点O对称的两点A、B分别固定放置点电荷＋Q1和－Q2，x轴上的P点位于B点的右侧，且P点电场强度为零，则下列判断正确的是(　　)

A．x轴上P点右侧电场强度方向沿x轴正方向
B．Q1<Q2
C．在A、B连线上还有一点与P点电场强度相同
D．与P点关于O点对称的M点电场强度可能为零
答案　A
解析　根据题述可知P点的电场强度为零，根据点电荷电场强度公式和场强叠加原理可知，＋Q1的电荷量一定大于－Q2的电荷量，A、B连线上各点电场强度都不为零，故B、C错误；由于＋Q1的电荷量大于－Q2的电荷量，可知P点右侧电场方向沿x轴正方向，故A正确；由于Q1>Q2，M点和P点关于O点对称，P点电场强度为零，由点电荷电场强度公式和场强叠加原理可知，M点电场强度一定不为零，D错误。
考点3　　电场线的应用
1.判断电场强度的方向——电场线上任意一点的切线方向即为该点电场强度的方向。
2．判断电场力的方向——正电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相同，负电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相反。
3．判断电场强度的大小(定性)——同一电场，电场线密处电场强度大，电场线疏处电场强度小。
4．判断电势的高低与电势降低的快慢——沿电场线方向电势逐渐降低，电场强度的方向是电势降低最快的方向。
例3　某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是(　　)

A．c点的电场强度大于b点的电场强度
B．若将一试探电荷＋q由a点释放，它将沿电场线运动到b点
C．b点的电场强度大于d点的电场强度
D．a点和b点的电场强度方向相同
(1)在电场线分布图中，用什么表示电场强度的大小？
提示：电场线的疏密程度。
(2)沿曲线运动的粒子合力沿什么方向？
提示：曲线的凹侧。
尝试解答　选C。
电场线的疏密表示电场强度的大小，由题图可知Eb>Ec，Eb>Ed，C正确，A错误；由于电场线是曲线，由a点释放的正电荷如果沿电场线运动，则合力沿轨迹切线，这是不可能的，B错误；电场线的切线方向为该点电场强度的方向，a点和b点的切线不同向，D错误。

电场线的应用
熟悉几种典型的电场线分布有利于我们对电场强度和电势做出迅速判断，且可以进一步了解电荷在电场中的受力和运动情况、电场力做功及伴随的能量转化情况。
[变式3]　在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。其中a、b两点电场强度大小相等、方向相反的是(　　)

A．甲图中与点电荷等距的a、b两点
B．乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
C．丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点
D．丁图中非匀强电场中的a、b两点
答案　C
解析　甲图中与点电荷等距的a、b两点，电场强度大小相等，方向不相反，A错误；对乙图，根据电场线的疏密及对称性可判断，a、b两点的电场强度大小相等，方向相同，B错误；丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点，电场强度大小相同，方向相反，C正确；对丁图，根据电场线的疏密可判断，b点的电场强度大于a点的电场强度，D错误。
考点4　　结合带电粒子运动轨迹的相关判断
1．沿轨迹的切线找出速度方向，依据粒子所受合力的方向指向轨迹的凹侧来判断电场力的方向，由此判断电场的方向或粒子的电性。
2．由电场线的疏密情况判断带电粒子的受力大小及加速度大小。
3．由动能定理判断速度变化：如果带电粒子在运动中仅受电场力作用，若电场力做正功，则粒子动能增大；电场力做负功，则动能减小。电场力做正功还是负功依据力与速度的夹角是锐角还是钝角来判断。
例4　(多选)如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受电场力作用，根据此图可做出的正确判断是(　　)

A．带电粒子所带电荷的正、负
B．带电粒子在a、b两点的受力方向
C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大
D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大
(1)如何判断带电粒子在a、b两点的受力方向？
提示：沿电场线且指向轨迹凹侧。
(2)带电粒子在a、b两点的加速度大小如何判断？
提示：依据电场线疏密判断电场力大小，就可以判断加速度大小。
尝试解答　选BCD。
根据轨迹弯曲方向只能判断出电场力方向，由于不知电场线方向，故无法判断带电粒子电性，A错误，B正确；根据电场线疏密知Ea>Eb，Fa>Fb，a点加速度大于b点加速度，C正确；若从a到b，电场力做负功，若从b到a，电场力做正功，均可得出粒子在a点的速度大，D正确。

电场线与带电粒子运动轨迹的关系
一般情况下带电粒子在电场中的运动轨迹不会与电场线重合，只有同时满足以下三个条件时，两者才会重合：
(1)电场线为直线；
(2)电荷初速度为零或初速度方向与电场线平行；
(3)电荷仅受电场力或所受合力的方向始终与电场力方向相同或相反。
[变式4]　(2019·甘肃天水模拟)如图所示的实线为某静电场的电场线，虚线是仅在电场力作用下某带负电粒子的运动轨迹，A、B、C、D是电场线上的点，其中A、D两点在粒子的轨迹上，下列说法正确的是(　　)

A．该电场可能是正点电荷产生的
B．由图可知，同一电场的电场线在空间是可以相交的
C．将该粒子在C点由静止释放，它可能一直沿电场线运动
D．该粒子在A点的速度一定大于在D点的速度
答案　D
解析　正点电荷周围的电场线是从正点电荷出发，呈辐射状分布的，A错误；同一电场的电场线在空间不能相交，否则同一点具有两个电场强度方向，B错误；电场中的带电粒子受力的方向沿电场线的切线方向，由于C点所在电场线为曲线，所以将该粒子在C点由静止释放，它一定不能沿电场线运动，C错误；由于做曲线运动的物体受力的方向指向曲线的内侧，该粒子带负电，可知场强方向应是从B到C，A点的电势高于D点的电势，故从A到D电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，则粒子在A点的速度较大，D正确。
考点5　　带电体的力电综合问题
解决力电综合问题的一般思路

例5　(多选)细绳两端分别系有带正电的甲、乙两小球，它们静止在光滑绝缘水平面上，电荷量分别为q1和q2，质量分别为m1和m2。烧断细绳后两球向相反方向运动，下列说法正确的是(　　)
A．运动的同一时刻，甲、乙两球受到的电场力大小之比为q2∶q1
B．运动的同一时刻，甲、乙两球动能之比为m2∶m1
C．在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的电场力的冲量大小之比为1∶1
D．在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的合力做功大小之比为1∶1
(1)当烧断细绳后两球在什么力作用下向相反方向运动？
提示：甲、乙之间的库仑斥力。
(2)甲、乙两球组成的系统动量守恒吗？
提示：守恒。
尝试解答　选BC。
根据库仑定律可知，在同一时刻，甲、乙两球受到的库仑力大小相等，A错误；烧断细绳后两球在库仑力作用下向相反方向运动，满足动量守恒条件，根据动量守恒定律，运动的同一时刻，甲、乙两球动量大小之比为m1v1∶m2v2＝1∶1，根据动能与动量的关系式，Ek＝mv2＝，所以运动的同一时刻，甲、乙两球动能之比为Ek1∶Ek2＝m2∶m1，B正确；由于两带电小球动量变化量大小相等，根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化量，在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的电场力的冲量大小之比为1∶1，C正确；由于同一时刻，甲、乙两球动能之比为Ek1∶Ek2＝m2∶m1，根据动能定理，在相同的运动时间内，甲、乙两球受到的合力做功大小之比为m2∶m1，D错误。

处理力电综合问题的两点注意
(1)受力分析是关键，画出受力分析图，找准力与力之间的关系，并由此推断物体的运动状态；或由运动状态推出受力情况。
(2)根据题目的所求问题灵活选用物理规律
①与时间、加速度有关的首先选用牛顿运动定律。
②仅与t有关的可选动量定理。
③与时间、加速度无关的首先选用动能定理或能量守恒定律，其次考虑动量守恒定律。
[变式5－1]　(2019·黑龙江牡丹江模拟)(多选)如图所示，一质量为m、带电量为q的小球用细线系住，线的一端固定于O点，若在空间加上匀强电场，平衡时线与竖直方向成60°角，则电场强度的可能值为(　　)

A. B.
C. D.
答案　BCD
解析　以小球为研究对象，对小球进行受力分析，平衡时的合外力为零。若细线拉直而无力，拉力F1＝0，小球受到重力mg、竖直向上的电场力F2作用而平衡，可得Eq＝mg，则E＝，D正确；若细线中有拉力，则小球受三个力，根据平衡条件可知，拉力F1与电场力F2的合力必与重力mg等大反向，如图所示，因为拉力F1的方向确定，由矢量图可知，当电场力F2垂直悬线时电场力F2＝qE最小，场强E也最小，由图可知此时电场力qEmin＝mgsin60°，所以Emin＝＝，则场强E≥，A错误，B、C正确。

[变式5－2]　(2019·福建莆田一中高考模拟)如图，小球A用两根等长的绝缘细绳a、b悬挂在水平天花板上，两绳之间的夹角为60°。A的质量为0.1 kg，电荷量为2.0×10－6 C。A的正下方0.3 m处固定有一带等量同种电荷的小球B。A、B均可视为点电荷，静电力常量k＝9×109 N·m2/C2，重力加速度g＝10 m/s2。求：

(1)细绳a的拉力大小；
(2)剪断细绳a瞬间，细绳b的拉力大小和小球A的加速度大小。
答案　(1) N　(2) N　3 m/s2
解析　(1)小球A、B之间的库仑力：F＝k
对小球A受力分析，根据平衡条件有：
2Tcos30°＋F＝mg
解得：T＝ N。
(2)剪断细绳a瞬间，a的加速度方向与细绳b垂直，根据牛顿第二定律，
沿绳b方向：Fcos30°＋T′－mgcos30°＝0，
垂直绳b方向：mgsin30°－Fsin30°＝ma
联立解得：T′＝ N，a＝3 m/s2。

思想方法4　巧解电场强度的五种思维方法

1．方法概述
场强有三个公式：E＝、E＝k、E＝，在一般情况下可由上述公式计算场强，但在求解带电圆环、带电平面等一些特殊带电体产生的场强时，上述公式无法直接应用。这时，如果转换思维角度，灵活运用补偿法、微元法、对称法、等效法、极限法等巧妙方法，可以化难为易。
2．常见类型与解题思路
方法一：补偿法
将有缺口的带电圆环补全为圆环，或将半球面补全为球面分析，再减去补偿的部分产生的影响。
【典题例证1】
均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场。如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球面顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝2R。已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为(　　)

A.－E B.
C.－E D.＋E
[解析]　左半球面AB上的正电荷产生的电场等效为带正电荷为2q的整个球面的电场和带电荷量为－q的右半球面的电场的合电场，则E＝－E′，E′为带电荷量为－q的右半球面在M点产生的场强大小。由对称性知，带电荷量为－q的右半球面在M点的场强大小与带正电荷为q的左半球面AB在N点的场强大小相等，则EN＝E′＝－E＝－E，则A正确。
[答案]　A
名师点睛　当所给带电体不是一个完整的规则物体时，将该带电体割去或增加一部分，组成一个规则的整体，从而求出规则物体的电场强度，再通过电场强度的叠加求出待求不规则物体的电场强度。应用此法的关键是“割”“补”后的带电体应当是我们熟悉的某一物理模型。
方法二：对称法
利用空间上对称分布的电荷形成的电场具有对称性的特点，使复杂电场的叠加计算问题大为简化。
【典题例证2】
如图所示，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0)的固定点电荷。已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)(　　)

A．k B.k
C.k D.k
[解析]　由b点处场强为零知，圆盘在b点处产生的场强E1与点电荷q在b点处产生的场强E2大小相等，即E1＝E2＝k，由对称性可知，圆盘在d点产生的场强E3＝k，点电荷q在d点产生的场强E4＝k，方向与E3相同，故d点的合场强Ed＝E3＋E4＝k，B正确，A、C、D错误。
[答案]　B
名师点睛　形状规则的带电体形成的电场具有对称性，位置对称的两点处的电场强度大小相等。如果能够求出其中一点处的电场强度，根据对称性特点，另一点处的电场强度即可求出。
方法三：微元法
将带电体分成许多电荷元，每个电荷元可看成点电荷，先根据库仑定律求出每个电荷元的场强；再结合对称性和场强叠加原理求出合场强。
求解均匀带电圆环、带电平面、带电直杆等在某点产生的场强问题，可应用微元法。
【典题例证3】
如图所示，均匀带电圆环所带电荷量为Q，半径为R，圆心为O，P为垂直于圆环平面过圆心O的轴线上的一点，OP＝L，试求P点的场强。

[解析]　如图所示，设想将圆环等分为n个小段，当n相当大时，每一小段都可以看成点电荷，其所带电荷量为q＝，由点电荷场强公式可求得每一点电荷在P处的场强为E＝＝。

由对称性可知，各点电荷在P处的场强E的垂直于轴向的分量Ey相互抵消，而E的轴向分量Ex之和即为带电圆环在P处的场强EP，EP＝nEx＝nkcosθ＝·＝。
[答案]　
名师点睛　微元法是从部分到整体的思维方法，把带电体看成由无数个点构成。然后根据对称性，利用平行四边形定则进行电场强度叠加。利用微元法可以使一些复杂的物理过程用我们熟悉的物理规律解决，使所求的问题简单化。
方法四：等效法
在保证效果相同的条件下，将复杂的电场情景变换为简单的或熟悉的电场情景。
【典题例证4】
(多选)如图所示，在真空中某竖直平面内固定一足够大的接地金属板MN，在MN右侧与其相距2d处的P点放置一电荷量为Q的正点电荷，如果从P点作MN的垂线，则O为垂足，A为O、P连线的中点，B为OP延长线上的一点，PB＝d。静电力常量为k，关于各点的电场强度，下列说法正确的是(　　)

A．O点场强大小为k
B．A点场强大小为k
C．B点场强大小为k
D．A、B两点场强大小相等，方向相反
[解析]　系统达到静电平衡后，因为金属板接地电势为零，所以电场线分布如图所示，所以金属板右侧的电场的电场线分布与等量异号点电荷连线的中垂线右侧的电场线分布相同，所以O点场强大小为EO＝k＋k＝k，A正确；A点场强大小为EA＝k＋k＝k，B错误；B点场强大小为EB＝k－k＝k，C正确；由上述分析可知D错误。

[答案]　AC
名师点睛　等效法的实质是在效果相同的情况下，利用与问题中相似或效果相同的知识进行知识迁移的解题方法，往往是用较简单的因素代替较复杂的因素。
方法五：极限法
对于某些特殊情况下求解有关场强问题，有时无法用有关公式、规律得出结论，可考虑应用极限法。
极限法是把某个物理量的变化推向极端再进行推理分析，从而做出科学的判断或导出一般结论。极限法一般适用于所涉及的物理量随条件单调变化的情况。
【典题例证5】
物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需通过一定的分析就可以判断结论是否正确。如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1和R2的圆环，两圆环上的电荷量均为q(q>0)，而且电荷均匀分布。两圆环的圆心O1和O2相距为2a，连线的中点为O，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为r(r<a)。试分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式(式中k为静电力常量)正确的是(　　)

A．E＝|－|
B．E＝|－|
C．E＝|－|
D．E＝|－|
[解析]　与点电荷的场强公式E＝k比较可知，A、C两项表达式的单位不是场强的单位，故可以排除；由电场强度的分布规律可知，当r＝a时，右侧圆环在A点产生的场强为零，则A处场强只由左侧圆环上的电荷产生，即场强表达式只有一项，故B错误；综上所述，可知D正确。
[答案]　D
名师点睛　本题由于带电体为圆环状，超过了我们高中学生能力之外，故应注意审题，不必计算，只需通过一定的分析就可判断。首先根据场强的单位(量纲)进行判断，再分析特殊点即可得出结论。在物理学中，通过对量纲的分析，有时可以帮助我们快速找到一些错误。
【针对训练】
1．下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘。坐标原点O处电场强度最大的是(　　)

答案　B
解析　由对称原理可知，A、C图中在O点的场强大小相等，D图中在O点场强为0，因此B图中两圆环在O点合场强应最大，B正确。
2．如图甲所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为σ，其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E＝2πkσ·[1－]，方向沿x轴。现考虑单位面积带电量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图乙所示。则圆孔轴线上任意一点Q(坐标为x)的电场强度为(　　)

A．2πkσ0 B.2πkσ0
C．2πkσ0 D.2πkσ0
答案　A
解析　无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强：E1＝2πkσ0[1－]≈2πkσ0，半径为r的圆板在Q点产生的场强：E2＝2πkσ0[1－]，无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，所以E＝E1－E2＝2πkσ0·，故A正确。
3.N(N>1)个电荷量均为q(q>0)的小球均匀分布在半径为R的圆周上，如图所示。若移去位于圆周上P点(图中未标出)的一个小球，则圆心O点处的电场强度大小为________，方向______________。(已知静电力常量为k)

答案　k　沿OP指向P
解析　P点的带电小球在圆心O处的电场强度大小为E1＝k，方向沿PO指向O；N个小球在O点处电场强度叠加后，合场强为零；移去P点的小球后，则剩余的N－1个小球在圆心O处的电场强度与P点的小球在圆心O处的电场强度等大反向，即E＝E1＝k，方向沿OP指向P。
4.如图所示，半径为r的圆环，在A、B之间留有宽度为d的间隙，且d≪r。将电荷量为Q的正电荷均匀分布在圆环上，求圆心O处的电场强度。

答案　，方向背离圆心指向间隙
解析　解法一：假设将这个圆环的间隙补上，并且所补部分的电荷密度与原圆环上的电荷密度一样，这样就形成一个电荷均匀分布的完整的带电圆环，圆环在圆心O处产生的电场叠加后合场强为0。设原带有间隙的环所带电荷的线密度为σ，则σ＝
补上的那一小段间隙的电荷量Q′＝σ·d＝
由题中条件可知那段间隙可看成点电荷，在圆心O处的场强为E1＝＝，方向由间隙指向圆心，则带有间隙的圆环在圆心O处的场强为E＝0－E1＝－
负号表示与E1方向相反，即方向背离圆心指向间隙。
解法二：在圆环上与间隙关于圆心O对称的地方割出同样大小的间隙，则剩余部分的圆环上下对称，在圆心O处的合场强为0。因此在圆心O处的场强大小等于新割出的间隙在圆心O处产生的场强大小。由题中条件可知新割出的间隙