2022届高中物理牛顿运动定律知识点总结归纳.pdf

1 (每日一练每日一练)2022)2022 届高中物理牛顿运动定律知识点总结归纳完整版届高中物理牛顿运动定律知识点总结归纳完整版 单选题 1、重庆由于其良好的生态环境和有利的地理位置，是鸟类的好居处。如图所示，质量为m的鸽子，沿着与水平方向成15角、斜向右上方的方向以大小为v的速度匀速飞行，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A鸽子处于失重状态 B空气对鸽子的作用力大于 C空气对鸽子的作用力的功率为D鸽子克服自身的重力的功率为sin15 答案：D 解析：A由鸽子匀速飞行可知，鸽子所受合外力为 0，A 错误；B由共点力平衡条件可知，空气对鸽子的作用力等于，B 错误；C空气对鸽子的作用力竖直向上，所以空气对鸽子的作用力的功率为cos75，C 错误；D鸽子克服自身的重力的功率为 =重力 由力的功率表达式 2 重力=cos（15+90）联立解得 =sin15 D 正确。故选 D。2、物体质量为m5Kg 放在粗糙的水平面上，在力F的作用下做a2m/s2的匀加速直线运动，方向向右，已知物体与地面之间的动摩擦因数为 0.3，则外力F为（）A20NB15NC25ND10N 答案：C 解析：根据牛顿第二定律得 =合 则有 0.3 5 10+2 525N 故选 C。3、如图所示，滑轮A可沿倾角为 的足够长光滑轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重力为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，则下滑过程中（不计空气阻力）（）3 A绳的拉力为GB绳的拉力为cos C绳的方向与光滑轨道不垂直 DB的加速度为g sin 答案：D 解析：D对整体分析，根据牛顿第二定律得：加速度为 =sin=sin 则B的加速度为gsin。故 D 正确。ABC隔离对B分析，根据牛顿第二定律知，B的合外力沿斜面向下，大小为 mBa=mBgsin=Gsin 由平行四边形定则知，绳的方向与轨道垂直，拉力大小为 T=Gcos 选项 ABC 错误。故选 D。4、如图所示，小车放在水平地面上，甲、乙两人用力向相反方向拉小车，不计小车与地面之间的摩擦，下列4 说法正确的是（）A若小车向右运动，表明车拉甲的力大于甲拉车的力 B若小车静止不动，表明甲拉车的力与车拉甲的力是一对平衡力 C若小车匀速向右运动，车拉甲的力和车拉乙的力是一对平衡力 D无论小车运动状态如何，甲拉车的力总是与车拉甲的力大小相等，方向相反 答案：D 解析：ABD.无论小车运动状态如何，车拉甲的力与甲拉车的力是一对作用力与相互作用力，总是大小相等，方向相反，选项 D 正确，AB 错误；C.车拉甲的力和车拉乙的力作用对象分别是甲和力，不是同一个受力对象，不是平衡力，选项 C 错误；故选 D。5、如图所示，在某建筑地，工人甲将质量为m的工件利用固定在支架上的光滑定滑轮沿竖直方向提升到一定高度后，甲一直站在乙的身后拉紧绳索，绳索与水平方向的夹角为；工人乙通过一始终保持水平的轻绳将工件缓慢拉到楼顶。己知甲、乙的质量分别为甲、乙，重力加速度大小为g，甲，乙始终处于静止状态，下列说法正确的是（）5 A乙将工件拉到楼顶过程，甲受到的摩擦力不变 B乙将工件拉到楼顶过程，楼顶对乙的摩擦力逐渐减小 C工件匀速上升时。楼顶对甲的支持力为(甲)D工件以加速度a匀加速上升时楼顶对甲的摩擦力为(+)cos 答案：D 解析：A乙将工件拉到楼顶过程，设两绳结点上方绳索与竖直方向夹角为，对结点由平衡条件可得甲拉的绳索上的拉力为 1=cos 由平衡条件可得，甲受到的摩擦力为 1=1cos 由于变大，可知1变大，1变大，A 错误；B乙将工件拉到楼顶过程，乙对轻绳的拉力为 2=tan 由平衡条件可得，乙受到的摩擦力为 2=2 由于变大，可知2变大，2变大，B 错误；6 C工件匀速上升时，绳上拉力T大小等于工件的重力mg，在竖直方向对甲由平衡条件可得 +sin=甲 解得楼顶对甲的支持力为 =甲 sin=甲 sin C 错误；D工件以加速度a匀加速上升时，对工件由牛顿第二定律可得 =在水平方向对甲由平衡条件可得 =cos 联立解得楼顶对甲的摩擦力为 =(+)cos D 正确。故选 D。6、如图，一倾角为 =37的足够长的斜面固定在水平地面上。当t=0 时，滑块以初速度v0=10m/s 沿斜面向上运动，已知滑块与斜面间的动摩擦因数为 =0.5，重力加速度g取 10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，下列说法正确的是（）A滑块上滑的距离小于 5m Bt=1s 时，滑块速度减为零，然后静止在斜面上 Ct=2s 时，滑块恰好又回到出发点 7 Dt=3s 时，滑块的速度大小为 4m/s 答案：D 解析：A以沿斜面向下为正方向，上滑过程，由牛顿第二定律得 mgsin+mgcos=ma1 代入数据解得 1=10m/s2 滑块向上的最大位移 x=0221=100210=5m A 错误；B由于 mgsin mgcos 可知，滑块不可能静止在斜面上，B 错误；C下滑过程，由牛顿第二定律得 mgsinmgcos=ma2 代入数据解得 2=2m/s2 滑块向上运动到最高点的时间 1=0 (0)1=1010=1s 向下的运动 8 =12222 所以 2=5s 滑块恰好又回到出发点的总时间 =1+2=(1+5)s C 错误；D选取向下为正方向，t=3s 时，滑块的速度为 v3=v0+a1t1+a2t2=10+10 1+2 2 m/s=4m/s D 正确。故选 D。7、如图所示，物体静止于水平面上的O点，这时弹簧恰为原长l0，物体的质量为m，与水平面间的动摩擦因数为，现将物体向右拉一段距离后自由释放，使之沿水平面振动，下列结论正确的是（）A物体通过O点时所受的合外力为零 B物体将做阻尼振动 C物体最终只能停止在O点 D物体停止运动后所受的摩擦力为 mg 答案：B 9 解析：A物体通过O点时弹簧的弹力为零，但摩擦力不为零，A 错误；B物体振动时要克服摩擦力做功，机械能减少，振幅减小，做阻尼振动，B 正确；CD物体最终停止的位置可能在O点也可能不在O点。若停在O点摩擦力为零，若不在O点，摩擦力和弹簧的弹力平衡，停止运动时物体所受的摩擦力不一定为，CD 错误。故选 B。多选题 8、物体的质量为2kg，放在光滑水平面上，同时受到水平方向大小为 2N 和 7N 的两个力的作用，则物体的加速度大小可能为（）A2m/s2B3m/s2C4m/s2D5m/s2 答案：BC 解析：同时受到水平方向大小为 2N 和 7N 的两个力的作用，这两个力的合力取值范围为 5N 9N 由牛顿第二定律可得 =解得 2.5m/s2 4.5m/s2 AD 错误，BC 正确。故选 BC。9、如图所示，电梯的顶部挂有一个弹簧测力计，其下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时测力计的示数为10N。在某时刻测力计的示数变为 8N，关于电梯的运动，以下说法正确的是（g取 10m/s2）（）10 A电梯可能向上加速运动，加速度大小为 2m/s2B电梯可能向下加速运动，加速度大小为 2m/s2 C电梯可能向上减速运动，加速度大小为 2m/s2D电梯可能向下减速运动，加速度大小为 2m/s2 答案：BC 解析：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为 10N，知重物的重力等于 10N。对重物有 mg-F=ma 解得 a=2m/s2 方向竖直向下，则电梯的加速度大小为 2m/s2，方向竖直向下。电梯可能向下做加速运动，也可能向上做减速运动。故 BC 正确，AD 错误。故选 BC。10、2021 年 4 月 29 日，长征五号遥二运载火箭在海南文昌成功将空间站天和核心舱送入离地高约 450km 的预定轨道。2021 年 10 月 16 日，神舟十三号载人飞船与空间站组合体完成自主快速交会对接，将航天员翟志刚、王亚平、叶光富成功送入了天和核心舱。他们将在核心舱驻留 6 个月，主要任务是验证中国空间站建造相关技术，为我国空间站后续建造及运营任务奠定基础。下列说法正确的是（）11 A核心舱在轨运行周期小于 24 小时 B组合体在轨运行速度大于 7.9km/s C火箭发射升空过程中，发动机喷出的燃气推动空气，空气推动火箭上升 D在宇宙飞船加速升空过程中，宇航员处于超重状态；当宇航员进入空间站仍然受重力作用，但处于失重状态 答案：AD 解析：A根据32=，核心舱的运动半径小于同步心卫星的运动半径，则对应的周期更小，即运行周期小于 24h，A正确；B组合体在轨运行速度不可能大于 7.9km/s，7.9km/s 是最大的环绕运行速度，B 错误；C火箭发射升空过程中，发动机喷出的燃气反向推动火箭上升，与空气无关，C 错误；D在宇宙飞船加速升空过程中，有向上的加速度，宇航员处于超重状态;当宇航员进入空间站时，重力提供向心力，处于失重状态，D 正确。故选 AD。填空题 11、一个重 500N 的同学站在电梯的地板上，从底层出发到某层楼停止，测得电梯竖直上升的过程中速度v和时间t的数据如下表所示：t/s 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 /m s1 0 2.0 4.0 5.0 5.0 5.0 5.0 5.0 4.0 3.0 电梯的启动和制动过程可以看作是匀变速直线运动，取g=10m/s2，8s 时地板对这位同学的支持力为_N，则电梯上升的高度是_m。答案：450 41.25 解析：12 1由题可知，一个同学重 500N，则质量m=50kg，由表格知，8s-9s 电梯减速上升，则加速度的大小为 2=4 31m/s2=1m/s2 根据牛顿第二定律有 =2 解得 =450N 2由表格知，0-1s 电梯加速上升，则加速度大小为1=2m/s2，则电梯加速到v1=5m/s 的时间为 1=11=2.5s 故加速位移为 1=12112=6.25m 设从v1=5m/s 减到v2=4m/s 的时间为t，则有 =1 22=1s 说明电梯是从t=7s 开始减速的，故电梯匀速的时间 2=7s 1=4.5s 匀速的位移为 2=12=22.5m 匀减速到零的位移为 3=1221=12.5m 则电梯上升的高度 =1+2+3=41.25m 13 12、理想实验是一种以可靠的事实为依据，忽略次要因素，并把实验的情况合理外推到一种理想状态，从而来揭示自然现象本质的假想实验。为了说明运动和力的关系，伽利略设计了如图所示的理想实验。(1)关于伽利略的这个理想实验，下列说法正确的是()A“小球沿斜面向下运动后，沿斜面向上运动，会越来越慢”，这是可靠的事实 B“小球沿斜面向下运动后，沿斜面向上运动，会越来越慢”，这是合理外推的理想状态 C“若摩擦可以忽略不计，小球最终会达到与左侧同样的高度”，这是揭示自然现象的本质 D“如果右侧斜面变成水平面，并且没有任何阻力，小球将达不到原来的高度，就应永远运动下去”，这是揭示自然现象的本质(2)伽利略的理想实验否定了亚里士多德关于运动和力关系的错误认识。亚里士多德的认识是_。答案：AD 运动必须依靠外力的不断作用才能维持（力是维持物体运动的原因）解析：(1)1AB“小球沿斜面向下运动后，沿斜面向上运动，会越来越慢”，这是可靠的事实，A 正确、B 错误；C“若摩擦可以忽略不计，小球最终会达到与左侧同样的高度”，这是合理外推的理想状态，C 错误；D“如果右侧斜面变成水平面，并且没有任何阻力，小球将达不到原来的高度，就应永远运动下去”，这是揭示自然现象的本质，D 正确。故选 AD。(2)2亚里士多德的认识是运动必须依靠外力的不断作用才能维持（力是维持物体运动的原因）。13、如图所示，木块 A 与 B 用一轻弹簧相连，竖直放在木块 C 上，三者静置于地面，它们的质量之比是 1：2：3。设所有接触面都光滑，当沿水平方向迅速抽出木块 C 的瞬时，木块 A 的加速度大小等于_；木块 B14 的加速度大小等于_。（g为重力加速度）答案：0 1.5g 解析：12 设木块 A 的质量为m，抽出木块 C 之前，木块 A 受到重力和弹力，有 弹=撤去木块 C 瞬间，木块 C 对 B 的支持力变为零，弹簧的弹力瞬间不变，木块 A 受力情况不变，故木块 A 的加速度为零 块 B 受重力 2mg和弹簧向下的弹力，由牛顿第二定律可知，物体 B 的瞬时加速度为 =32=1.5