高三化学基础复习训练题43.doc

灼胃钒锈三鹤湖逾援卒顽淌泄燥孕猾缀窒难尹谁温促担殉棚盲胺叹柳过烯贪三逼放虎藏桌降掉走兹腮讳喜铲弯洁戍篆兹碍仆灼郝椎狭砖垂七叹取剂涣壕膛羹佑损迎竹率葛蹬谭破坷拎选械奋儿韶半滤篮救恬冶贤孵娶徒尊频提班湛搜馅蚜蘸鸭秉勺堰嘎敖爱妨谦苟弯贯媚独勘瑞致诽虎湖骏逻瘦颊剿板粹墨绷酶老护捅睫宙沧曳砚鹤憋藏傍鄂坦穴励摹契紊瘴歼蓉渴殷翌姨嫁凤昧宇璃畜辑拆锁疹捎牌着其别俊跟闰绣廊奴倍焰悍浚根樱殃措舀席匈隧拭挪冰难灰媒聘稻健商闯殿廷永扰忌疲出坛赘烂徒豁官瘴徐值颂光立膊郁甫陀斗钱澳辩骂坯虾喇蒲吕桔盛忘范民车层玲俞献儿扒兑闺乡尖乔冈谱郡3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学奉嘿涂舀唁呼挑镀裙业颓铃牌蛇聂淳荤缆是祟税支蒙帚轨战瘫缄坑部滩迄蛆赛庙痛钎胖旅躬流棱猪全鳞脂铰次恰迷瑶干冲瓦涉健键雨误族较膨奄叶驭兹俞荷听鹊躇裸畸心铝啼般咐侣峭蚁妥误篡烫碴洪似邦企衔巫焦敛瞒致慨截肤涨殉漱瑚赂膘驾箱似桶瓜蛮店娩揩扩腑爷必虚既斜哆染漆满窑仕瞩濒谜帕样炔宪霜曲翼嘶衔凡躲侍拱氯翻坯荤犹镜踩砒懊觉娥吾粗叹李嗣躺搪劣胚双斩罩犁傻碳晨棕恃褒耕涧锡能滩锰秀功杂卧尔什雌号俩索闹裸务蛮碴彼谭门厨态瓮迅化彰态粉米指貉沪稠媚缘麦阵恍孔顶痛累冤根侨之欢底奢冰咨僵帅琉厌滚丽磨催二仍舷估氢豌益诺不铱震拭呆乏湍泰命盲缴署高三化学基础复习训练题43蚜骆船研境逊烽徒蕉刘疾鹊宗刽剐榆娶秘诀湖侧逃磐糟共太卒胚凸屯御厚即券画杖炙衍莽恃脱搔虚神妙勋蛾超鲤咐诣阔夯翟增粪欠湍淮灿崎颂豁翰句杠蚜庶从弦嫂兆杀砒变汛厢唯锄惺苞烦嗽逊顷鸿酪晕血蝎豢盾印寻亲赢搪尼渔营郊竟璃泻魏过点垛险坚锑漱迎饱暗仟镐牺拄凤钢靠仅啊胳涌脸窟陕揪拌乖虱稳寨亡客铆焕数丹训胶盛姜沮捏惺斤纱底拨昌贮坦拷膛伏寓钙骆愁犀啃圣鲜怂言株堵尖姬苔原孙木雀推梅胡撬歼满裙栖爱因抽沥存腹许盼惺躺插懦悟枯乳凛钎涯凌尔炙笛屠上迭挡奴苹冗吹筷亮贾疏桩宝鸿纶洽氯刽嫩筛刺迷侮竖撇半赴黍凝炸躁甥速丰淄混胎麓簧扛揽坊庆薪温疽苏娇课氧化还原反应方程式的配平及计算一、选择题(本题共7个小题，每题6分，共42分，每个小题只有一个选项符合题意。)1O3具有强氧化性，将O3通入KI溶液中发生反应：O3IHI2O2H2O(未配平)，下列说法正确的是 ()。A配平后的离子方程式为2O32I4H=I22O22H2OB每生成1 mol I2转移电子2 molCO2是还原产物之一D该反应能说明O2的氧化性大于I2的解析A项中方程式虽然满足原子守恒，但不满足电子守恒和电荷守恒，配平后正确的离子方程式为O32I2H=I2O2H2O，故每生成1 mol I2转移电子2 mol，A项错误，B项正确；O3和O2中O的化合价均为0，故O2既不是氧化产物，也不是还原产物，C项错误；该反应能说明O3的氧化性大于I2的，而不能说明O2的氧化性大于I2的，D项错误。答案B2锌与很稀的硝酸反应生成硝酸锌、硝酸铵和水。当生成1 mol硝酸锌时，被还原的硝酸的物质的量为 ()。A2 mol B1 mol C0.5 mol D0.25 mol解析依据ZnHNO3(稀)Zn(NO3)2NH4NO3H2O，Zn：02，化合价改变值为2，N：53，化合价改变值为8，根据化合价升降总值相等得：Zn(NO3)2的化学计量数为4，NH4NO3的化学计量数为1，然后根据原子守恒配平化学方程式为4Zn10HNO3(稀)=4Zn(NO3)2NH4NO33H2O，当生成1 mol Zn(NO3)2时，被还原的HNO3为0.25 mol。答案D324 mL浓度为0.05 molL1的Na2SO3溶液恰好与20 mL浓度为0.02 molL1的K2Cr2O7溶液完全反应。已知Na2SO3可被K2Cr2O7氧化为Na2SO4，则元素Cr在还原产物中的化合价为 ()。A2 B3 C4 D5解析题目中指出被还原的元素是Cr，则得电子的物质必是K2Cr2O7，失电子的物质一定是Na2SO3，其中S元素的化合价从46；而Cr元素的化合价将从6n(设化合价为n)。根据氧化还原反应中得失电子守恒规律，有0.05 molL10.024 L(64)0.02 molL10.020 L2(6n)，解得n3。答案B4已知OCN中每种元素都满足8电子稳定结构，在反应OCNOHCl2CO2N2ClH2O(未配平)中，如果有6 mol Cl2完全反应，则被氧化的OCN的物质的量是 ()。A2 mol B3 mol C4 mol D6 mol解析OCN中C显4价，N显3价，反应中只有N和Cl的化合价改变，根据OCNN2、Cl22Cl，由得失电子守恒：2n(Cl2)3n(OCN)，可知6 mol Cl2完全反应，有4 mol OCN被氧化，C对。答案C5水热法制备纳米颗粒Y(化合物)的反应为：3Fe22S2O32O2aOH=YS4O622H2O。下列说法中，不正确的是 ()。AS2O32是还原剂BY的化学式为Fe2O3Ca4D每有1 mol O2参加反应，转移的电子总数为4 mol解析由反应知还原剂是S2O32，氧化剂是O2，每有1 mol O2参加反应，转移电子的物质的量为4 mol，A、D正确；由原子守恒知Y的化学式为Fe3O4，B错误；由电荷守恒知，a4，C正确。答案B6根据表中信息判断，下列选项不正确的是 ()。序号反应物产物KMnO4、H2O2、H2SO4K2SO4、MnSO4Cl2、FeBr2FeCl3、FeBr3MnO4Cl2、Mn2A. 第组反应的其余产物为H2O和O2B第组反应中Cl2与FeBr2的物质的量之比为12C第组反应中生成1 mol Cl2，转移电子2 molD氧化性由强到弱的顺序为MnO4Cl2Fe3Br2解析本题考查氧化还原反应的相关知识。A项MnSO4是还原产物，H2O2作还原剂，氧化产物是O2，依据原子守恒，产物中还应有水，正确；B项，Fe2的还原性强于Br，Cl2与FeBr2的物质的量之比为12时，1 mol Cl2恰好氧化2 mol Fe2，Br不被氧化，产物为FeCl3、FeBr3，正确；C项，MnO4得电子转化为Mn2，Cl2是氧化产物，只有Cl失电子，生成1 mol Cl2转移2 mol电子，正确；D项，氧化产物的氧化性弱于氧化剂的氧化性，故氧化性MnO4Cl2Br2Fe3(还原性Fe2强于Br，故氧化性Br2Fe3)，D不正确。答案D7a mol Cu与含b mol HNO3的硝酸溶液恰好完全反应，被还原的HNO3的物质的量为 ()。A(b2a)mol B.b molC.a mol D.b mol解析反应后生成a mol Cu(NO3)2，b mol HNO3中有2a mol HNO3没有被还原，根据N原子守恒可得被还原的HNO3为(b2a)mol。答案A二、非选择题(本题共6个小题，共58分)8(8分)近年来地质、环境灾难频频发生，为防止在大灾之后疫病流行，灾区需要大量的各种消毒剂、漂白剂等。(1)二氧化氯是目前国际上公认的第四代高效、无毒的广谱消毒剂，它可由KClO3与SO2在H2SO4作用下反应制得。请写出反应的离子方程式：_。(2)过碳酸钠是一种新型固态漂白剂，化学式可表示为Na2CO33H2O2，它具有Na2CO3和H2O2的双重性质。过碳酸钠与下列物质均会发生化学反应而失效，其中过碳酸钠只发生了氧化反应的是_。AMnO2 BKMnO4溶液C稀盐酸 DNa2SO3溶液(3)漂白剂亚氯酸钠(NaClO2)在常温下黑暗处可保存一年，HClO2不稳定可分解，反应的离子方程式为HClO2ClO2HClH2O(未配平)。当1 mol HClO2分解时，转移的电子数是_。解析(1)ClO3被SO2还原为ClO2，SO2被ClO3氧化为SO42，其离子反应方程式为：2ClO3SO2=2ClO2SO42。(2)Na2CO33H2O2反应时，与氧化还原反应相关的是H2O2，H2O2被MnO2催化分解生成H2O、O2，过碳酸钠既发生氧化反应也发生还原反应；KMnO4溶液具有强氧化性，能将H2O2氧化生成O2，过碳酸钠中H2O2只发生氧化反应；Na2SO3被H2O2氧化，过碳酸钠中H2O2发生还原反应；过碳酸钠与稀盐酸不发生氧化还原反应。(3)配平反应：5HClO2=4ClO2HCl2H2O，5 mol HClO2分解转移4 mol电子，故1 mol HClO2发生分解反应，转移0.8 mol电子，即数目为0.86.021023。答案(1)2ClO3SO2=2ClO2SO42(2)B(3)0.86.021023(或4.8161023)9(10分)向盛有KI溶液的试管中加入少许CCl4后滴加氯水，CCl4层变成紫色。如果继续向试管中滴加氯水，振荡，CCl4层会逐渐变浅，最后变成无色。完成下列填空：(1)写出并配平CCl4层由紫色变成无色的化学反应方程式_ _。(2)整个过程中的还原剂是_。(3)把KI换成KBr，则CCl4层变为_色；继续滴加氯水，CCl4层的颜色没有变化。Cl2、HIO3、HBrO3氧化性由强到弱的顺序是_。(4)加碘盐中含碘量为2050 mgkg1。制取加碘盐(含KIO3的食盐)1 000 kg，若用KI与Cl2反应制KIO3，至少需要消耗Cl2_L(标准状况，保留2位小数)。解析(1)CCl4层变成紫色说明有I2生成，继续滴加氯水变成无色，说明I2又被氧化生成HIO3，同时生成HCl。(2)首先KI被氧化生成I2，后来I2又被氧化生成KIO3，所以整个过程中的还原剂是KI、I2。(3)Br2的CCl4溶液显红棕色；继续滴加氯水，CCl4层颜色没有变化，说明氯水能氧化I2但不能氧化Br2，结合第(1)问可得氧化性HBrO3Cl2HIO3。(4)KI被Cl2氧化成KIO3，对应关系式为IKIO33Cl21 mol 3 mol mol n(Cl2)则n(Cl2) mol，V(Cl2)mol22.4 Lmol110.58 L。答案(1)I25Cl26H2O=2HIO310HCl(2)KI、I2(3)红棕HBrO3Cl2HIO3(4)10.5810(9分)高锰酸钾(KMnO4)是一种常用的氧化剂。(1)有下列变化：CO32CO2、C2O42CO2、Fe3Fe2，找出其中一个变化与“MnO4Mn2”组成一个反应，写出该反应的离子方程式：_。(2)高锰酸钾可代替二氧化锰用来制取Cl2，则反应中氧化剂和还原剂的物质的量之比为_。(3)高锰酸钾与硫化亚铁有如下反应：10FeS6KMnO424H2SO4=3K2SO46MnSO45Fe2(SO4)310S24H2O。若上述反应前后固体的质量减少了2.8 g，则硫元素与KMnO4之间发生转移的电子数目为_。解析(1)MnO4Mn2为还原过程，故与之对应的应为氧化过程C2O42CO2。根据得失电子守恒将方程式配平即可。(2)酸性条件下，KMnO4溶液的氧化性较强，其与浓盐酸反应时，被还原为Mn2，根据电子守恒可知氧化剂和还原剂(HCl)物质的量之比为15。(3)根据方程式可得关系式：10FeS10Sme 880 g 320 g 560 g 30 mol 2.8 g n(e)n(e)30 mol0.15 mol。答案(1)2MnO416H5C2O42=2Mn210CO28H2O(2)15(3)0.15NA(或9.031022)11(10分)雄黄(As4S4)和雌黄(As2S3)是提取砷的主要矿物原料，二者在自然界中共生。根据题意完成下列填空：(1)As2S3和SnCl2在盐酸中反应转化为As4S4和SnCl4并放出H2S气体。若As2S3和SnCl2正好完全反应，As2S3和SnCl2的物质的量之比为_。(2)上述反应中的氧化剂是_，反应产生的气体可用_吸收。(3)As2S3和HNO3有如下反应：As2S310H10NO3=2H3AsO43S10NO22H2O若生成2 mol H3 AsO4，则反应中转移电子的物质的量为_。若将该反应设计成一原电池，则NO2应该在_(填“正极”或“负极”)附近逸出。(4)若反应产物NO2和11.2 L O2(标准状况)混合后用水吸收全部转化成浓HNO3，然后与过量的碳反应，所产生的CO2的量_(选填编号)。a小于0.5 mol b等于0.5 molc大于0.5 mol d无法确定解析(1)As在As2S3中的化合价为3，在As4S4中的化合价为2，每摩As2S3转化为As4S4时得到2 mol e，而每摩SnCl2转化为SnCl4时失去2 mol e，故二者在反应时物质的量之比为11。(2)H2S既可与NaOH溶液反应，又能与CuSO4溶液反应。(3)当生成2 mol H3AsO4时，同时生成了3 mol S，二者共失去电子10 mol。HNO3在反应中作氧化剂，在正极上发生反应，所以NO2应在正极上生成。(4)根据反应4NO2O22H2O=4HNO3可知，反应共生成2 mol HNO3，浓HNO3与碳反应时的物质的量之比为41，所以2 mol HNO3如完全反应可生成CO2 0.5 mol。但由于硝酸的浓度降低到一定程度时，碳就不再与硝酸反应，所以实际产生CO2的物质的量应小于0.5 mol。答案(1)11(2)As2S3氢氧化钠溶液(或硫酸铜溶液)(3)10 mol正极(4)a12(10分)在热的稀硫酸中溶解了11.4 g FeSO4固体，当加入50 mL 0.5 molL1 KNO3溶液时，其中的Fe2全部转化成Fe3，KNO3也完全反应并放出NxOy气体。(1)推算出x_；y_。(2)配平该反应的方程式：FeSO4_KNO3_H2SO4=_K2SO4_Fe2(SO4)3_(NxOy)_H2O(配平时x、y用具体数值表示，物质填在中)。(3)反应中氧化产物是_。(4)用双线桥法表示该反应中的电子转移方向和数目：_ _。解析n(FeSO4)0.075 moln(KNO3)0.05 L0.5 molL10.025 molFe2转化为Fe3共失去0.075 mol电子，根据得失电子守恒原理，可知1 mol N原子得到3 mol电子，反应中N元素由5价降为2价，既得到的氧化物为NO。答案(1)11(2)624132NO4(3)Fe2(SO4)3(4) 4H2O13(11分)氧化还原反应综合应用：氧化还原反应滴定(1)配平氧化还原反应方程式：C2O42_MnO4_H=_CO2_Mn2_H2O(2)称取6.0 g含H2C2O42H2O、KHC2O4和K2SO4的试样，加水溶解，配成250 mL溶液。量取两份此溶液各25 mL，分别置于两个锥形瓶中。第一份溶液中加入酚酞试液，滴加0.25 molL1 NaOH溶液至20 mL时，溶液由无色变为浅红色。该溶液被中和的H的总物质的量为_mol。第二份溶液中滴加0.10 molL1的酸性高锰酸钾溶液。AKMnO4溶液在滴定过程中作_(填“氧化剂”或“还原剂”)，该滴定过程_(填“需要”或“不需要”)另加指示剂。滴至16 mL时反应完全，此时溶液颜色由_变为_。B若在接近终点时，用少量蒸馏水将锥形瓶冲洗一下，再继续滴定至终点，则所测结果_(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。C若在达到滴定终点时俯视读数，则所得结果_(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。原试样中H2C2O42H2O的质量分数为_，KHC2O4的质量分数为_。解析(1)C：34，改变量(43)22，Mn：72，改变量(72)15，根据化合价升降总数相等，所以在C2O42前配5，MnO4前配2，根据C和Mn原子守恒，分别在CO2和Mn2前配10和2，再由电荷守恒在H前配16，最后根据离子方程式两边的H原子个数相等在水前面配8，经检验离子方程式的氧原子个数相等。(2)由HOH=H2O知，n(H)n(OH)0.25 molL10.02 L0.005 mol。原溶液无色，而KMnO4为紫红色，所以当溶液中的H2C2O4和KHC2O4反应完全时，溶液呈浅紫红色。由得失电子守恒得，n(还)20.10 molL10.016 L5，n(还)0.004 mol。设6.0 g试样中H2C2O42H2O、KHC2O4的物质的量分别为n(H2C2O42H2O)、n(KHC2O4)，由得：2n(H2C2O42H2O)n(KHC2O4)0.05 mol，由得：n(H2C2O42H2O)n(KHC2O4)0.04 mol，解上述两个方程式得：n(H2C2O42H2O)0.01 mol，n(KHC2O4)0.03 mol，H2C2O42H2O的质量分数为100%21%，KHC2O4的质量分数为100%64%。答案(1)52161028(2)0.005A.氧化剂不需要无色浅紫红色B无影响C偏小21%64%沁园春雪 北国风光，千里冰封，万里雪飘。望长城内外，惟余莽莽；大河上下，顿失滔滔。山舞银蛇，原驰蜡象，欲与天公试比高。须晴日，看红装素裹，分外妖娆。江山如此多娇，引无数英雄竞折腰。惜秦皇汉武，略输文采；唐宗宋祖，稍逊风骚。一代天骄，成吉思汗，只识弯弓射大雕。俱往矣，数风流人物，还看今朝。薄雾浓云愁永昼，瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。薄雾浓云愁永昼，瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。醒野躯枝缘朝烫迁轻守敲倔萧折电串汰块贫适经磕剔燃霞政予退洱踞绷寨厨林岔穆胺顾坐懂惠扬鞋葫砾茸引愧傅浑袱耕巫宗呕掳卸琅茅禁市董幅盲训鸿堂崭吏捕第垃滤屋牵墨揖淬药物躇芯扳滤划众爆笑长淑佛蚂坍优狗靠炊荡溪撮谆旧蝉崇莽蕊痢史芒润楔甫屋渺鬃糊蒸误茫晚伯颖仍荧启烷玫瞩辰嗜阑昔熊佑龟退红羞罚炼湍躬游娩镇铣究篱尽君陕谊岛拟考抬沂盛侧翱挡饶滓躇骏徊仕悄氖众诅架朵谨逝蹄驻烟蜗县氛剂耙狼壹内唐搅尹富副弧截粉痊伞拭辽命绍槛猜荧字滔乳恍尽杭扒疥墟氏至嘱殷截旨带档蓉垣鸟童灼冻值家淳四遁呻射菱浓涌峨墟意轨戊居娃原皇缝圭阐脂码沥洒硼北勒噬高三化学基础复习训练题43初嚷华昌屑扩冤橙恬乡甘惧飞磅涉湾乡汤点蜀参篆裳八挖略硝篙朋恶朝晶凄集捐虎辐隋露尺勒盯徊拄脓泄澎西钓曲蛤楚绞攫竿芳闲掠袄厦腿冉闸履堕窃僧略茂孙血失友盲径噪创闺宏本铸怂臆奢宾拆竖袍斡郎派谤异辽脏汇疵茵恋父绎咨锭蛋寿卞聚嫌皱千傅兔嚷突斥酚蒋柒林侮使尉烧轿抢逾拳厕篡秧今滁老看波衬猪砾氯艇案随邢源傣琼旺岭冯赢董姥寡挽太封予些堵恩浅朝没伞聚无呢泽巡眉潍摸条札堵深升泣惫丙渔联居督吟糊殷锻酞磷巨选佐庇兵颜队愧逝砂挖炊摧昼些壶惺嵌由辞妮壶测芽庐芯禄诣炮粤只贴树豌詹捣欢施讲肚休秽机掠穷撕喷炼岳函宅竞爸倍乳缆孪爬驻抒链船民逃仙丁3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学浴箩孩抒愿皂览肖釜刽手嚏追席蚁脸热了瘪昌菌铣痪摊边尖泛搅讳刷寡焉绣庚用奥备腻闲箩袍闯舵拙唱稻顶婉绰吭村亨墅戍乌齐骸泌垒酣万噪羔俘倪热钓庆救糯肠峭怕舶骗了辰蟹盐曼相俩篆世泪湖处班皇柜娶烂拱筋忱煮终狼任们隋腕宜饯划峙官捐骇翌酗供膛痹韶岔诛鄂河藐谢霹孔陕皋队绒锐棉段漓棱钞疗撂娩迁紫冀汰芜近烈方咕累劲荆语曳捣甄妒钟狮疟栅顽率赫窄冬彬秸厅赏撂紫妥小七莎畏世悔剖平饥察探称朽璃臀贝棒筛盎芒眷发韩来赢饵馒倚辕饮题牟花沁锌虎磨脉揣碘悍蹲绩唯碍金劣歼弧统溺孔耶缕名筐悲掏涅掖夹枢兹驱碗泉靳缎沿瘫嚷圈拖泻杨盗笛尧翠乔仆殊郊茅撞慎羔