物理八年级下册物理期末试卷测试卷(word版-含解析).doc

物理八年级下册物理期末试卷测试卷（word版，含解析）
1．关于普通中学生，下列估测不符合实际情况的是（　　）
A．身体重力约为500N
B．身高约为165cm
C．步行速度约为4km/h
D．站立时对地面的压强约为1×103Pa
答案：D
解析：D
【详解】
A．中学生重力约为500N，故A不符合题意；
B．中学生身高约为165cm，故B不符合题意；
C．中学生步行速度约为1.1m/s，即接近4km/h，故C不符合题意；
D．中学生双脚的底面积S＝0.04m2；中学生的质量大约为50kg，压力
F＝G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N
压强
p＝＝1.25×104Pa
故D符合题意。
故选D。
2．共享单车是节能环保的交通工具，为短途出行的人们带来便利。下列关于骑行共享单车的说法正确的是（　　）
A．骑行的速度最高可以达到50m/s
B．骑车匀速转弯时，车的运动状态发生变化
C．骑车下坡不蹬车，车也会越来越快，是因为车具有惯性
D．在水平路面匀速骑行时，车对路面的压力和路面对车的支持力是一对平衡力
答案：B
解析：B
【详解】
A．共享单车的速度约为5m/s，不可能达到50m/s，故A错误；
B．骑车匀速转弯时，运动方向不断变化，其运动状态不断变化，故B正确；
C．下坡时不蹬车，车也会越来越快，是因为车受到竖直向下的重力，它的重力势能不断转化为动能，故C错误；
D．在水平路面匀速骑行时，车对路面的压力和路面对车的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
3．关于运动和力的关系，下列说法正确的是（ ）
A．一切物体只有受力才能保持匀速直线运动，不受力时物体总是静止的
B．一切物体只有受力才能保持静止状态，不受力时物体总是作匀速直线运动
C．一切物体不受力或受平衡力时总保持静止或匀速直线运动状态
D．不受力或受平衡力作用的物体可能作匀速圆周运动
答案：C
解析：C
【详解】
A．由牛顿第一运动定律可知，当物体不受力时，会保持静止或匀速直线运动状态，故A错误；
B．由牛顿第一运动定律可知，当物体不受力时也有可能保持静止状态，故B错误；
C．由牛顿第一运动定律可知，一切物体不受力时，总保持静止或匀速直线运动状态；由力的平衡可知，当物体受平衡力时运动状态不变，总保持静止或匀速直线运动状态，故C正确；
D．作匀速圆周运动的物体受力状态发生改变，处于非平衡状态，故D错误。
故选C。
4．下列词语中涉及的物理现象和对应的解释不正确的是：（　　）
A．一个巴掌拍不响——力的作用是相互的 B．四两拨千斤——省力杠杆
C．脚底抹油溜得快——减小摩擦 D．磨刀不误砍柴工——减小压强
答案：D
解析：D
【详解】
A．一个巴掌拍不响，说明产生力的作用至少有两个物体，所以力的物体对物体的作用，故A正确，不符合题意；
B．四两拨千斤是动力臂远远大于阻力臂，动力远远小于阻力，是省力杠杆，符合杠杆原理，故B正确，不符合题意；
C．脚底抹油溜得快，通过减小接触面的粗糙程度减小摩擦，故C正确，不符合题意；
D．磨刀不误砍柴工是在压力一定时，减小受力面积增大压强，故D错误，符合题意。
故选D。
5．将完全相同的A、B两个小球放入相同容器的不同液体中，它们静止后两容器内的液面相平，则小球所受浮力F和容器底部受到液体压强p的大小关系是（　　）

A．， B．，
C．， D．，
答案：A
解析：A
【详解】
由题意和图可知，A、B两个小球完全相同，故
，
小球A漂浮在液体中，B悬浮在液体中，由物体的浮沉条件可知

，
即，由题意可知，两容器的液面相平，即液面的深度相同，由可知

故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6．如图所示，重力为G的均匀木棒竖直悬于O点，在其下端施一始终垂直于棒的拉力F，让棒缓慢转到图中虛线所示位置，在转动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．F力臂不变，F变大 B．F力臂变小，F变小
C．F力臂不变，F不变 D．F力臂变小，F变大
答案：A
解析：A
【详解】
拉力F始终垂直于棒，因此拉力F的力臂始终是木棒的长度，因此F力臂不变；重力的力臂在转动的过程中，逐渐增大，即重力与其力臂的乘积增大，根据杠杆平衡条件可知，F力臂不变，则F会变大；故BCD错误，A正确。
故选A。
7．水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，A、B、C是三个相同的长方体，将它们分别放入三个容器的液体中，静止时，三个容器内的液面相平，如图所示，则下列判断正确的是（　　）

A．物体受到的浮力F浮A>F浮B>F浮C
B．容器对桌面的压力F甲>F乙>F丙
C．物体下表面受到液体向上的托力FA=FB=FC
D．液体对容器底的压强p甲<p乙<p丙
答案：D
解析：D
【详解】
A．由图可知，长方体A悬浮，长方体B和C漂浮，因物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且完全相同三长方体的重力相等，所以，物体受到的浮力
F浮A=F浮B=F浮C
故A错误；
BD．由图可知，三长方体排开液体的体积
V排甲>V排乙>V排丙
由F浮=ρ液gV排可知，三液体的密度
ρ甲<ρ乙<ρ丙
因三个容器内的液面相平，所以，由p=ρ液gh可知，液体对容器底的压强
p甲<p乙<p丙
甲、乙、丙三个容器完全相同，三个长方体的质量相同，则重力相同，三容器液面相平，由图知液体的体积
V甲<V乙<V丙
所以由m=ρV可知，三容器内液体的质量
m甲<m乙<m丙
液体的重力
G甲液<G乙液<G丙液
则容器及容器内液体和物体的总重力
G甲<G乙<G丙
而容器对桌面的压力等于于总重力，所以
F甲<F乙<F丙
故D正确，B错误；
C．长方体A悬浮时上表面受到的液体压力不为0，长方体B和C漂浮时上表面受到的液体压力为0，因物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，所以，A下表面受到的压力大于浮力，B和C下表面受到的压力等于浮力，则物体下表面受到液体向上的托力
FA>FB=FC
故C错误。
故选D。
8．某选手在自由式滑雪比赛中自a点由静止下滑，运动的轨迹如图所示。如果不计空气阻力，关于该选手的机械能，下列说法正确的是（　　）

A．在a点和c点速度都为零，因此这两点的机械能也为零
B．在a点和e点都处于静止状态，因此机械能相等
C．在a点下滑到e点过程中，机械能先减小后增大再减小
D．从c点下落到d点过程中，机械能保持不变
答案：D
解析：D
【详解】
A．在a点速度为零，说明动能为零；运动员不是在竖直方向上运动，所以c点在水平方向速度不为零，c点动能不为零，且a、c两点离地面都有一定高度，重力势能不变，所以任何一点的机械能都不为零，故A错误；
B．在a点和e点都处于静止状态，说明动能都为零，因为高度不同，所以，重力势能就不相等，因此机械能不相等，故B错误；
C．从a点向e点运动过程中，因为有滑动摩擦，机械能不断减少（只有离开滑道的一段过程机械能守恒），故C错误；
D．从c点下落到d点过程中，滑雪选手与雪面不接触，不受到雪地的阻力，整个过程中重力势能转为动能，如果不计空气阻力，机械能守恒，故D正确。
故选D。
9．我们可以利用矿泉水瓶做很多小实验来说明一些物理知识。
（1）用双手挤压空矿泉水瓶，看到瓶子发生了变形，表明______；如果施加的力增大，瓶子变形程度就加大，这表明______跟力的大小有关；
（2）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，盖紧瓶盖，待水冷却后发现瓶子向内凹陷，这个现象表明了______的存在；
（3）把装满水的烧杯放在盘子里，在把空的矿泉水瓶慢慢按入水中时，感到手在用力，说明浸在水中的物体受到______；同时发现矿泉水瓶浸入水中的体积越大，排开的水越多，手用的力越大。由此可以推想浮力的大小跟______密切相关。
解析：力可以改变物体的形状 力的作用效果 大气压强或（大气压） 向上的浮力或（浮力） 排开水的体积或（浸入水中的体积、排开水的质量；排开水的重力）
【详解】
（1）[1][2] 用双手挤压空矿泉水瓶，看到瓶子发生了变形，表明力能够改变物体的形状；如果施加的力增大，瓶子变形程度就加大，这表明力的作用效果跟力的大小有关。
（2）[3] 往空矿泉水瓶内注入少量的热水，盖紧瓶盖，待水冷却后，瓶内的水蒸气液化成水，使瓶内的气压减小，而瓶外的大气压不变，则瓶子在大气压的作用下向内凹陷。
（3）[4][5] 把装满水的烧杯放在盘子里，在把空的矿泉水瓶慢慢按入水中时，感到手在用力，说明浸在水中的物体受到一个向上的浮力；同时发现矿泉水瓶浸入水中的体积越大，排开的水越多，手用的力越大说明受的浮力也越大，由此可以推想浮力的大小跟排开水的体积密切相关。
10．假期出旅游时，小华发现所乘坐的汽车窗边放置有在紧急情况下使用的逃生安全锤，这种安全锤一端设计成锥形，这样做的目的是通过________受力面积，从而________压强来破坏玻璃窗逃生。汽车高速行驶时，打开车窗窗帘会往外飘，这说明________。当汽车遇到意外情况紧急制动时，由于________可能给驾乘人员带来二次冲撞造成伤害，乘车时必须系好安全带。
解析：减小 增大 在气体中流速越大的位置，压强越小 惯性
【详解】
[1][2]安全锤一端设计成锥形，锥形可以减小受力面积，在压力一定时可以增大压强。
[3]汽车高速行驶时，窗外空气流速大于窗内，流速大的地方压强小，所以窗外气压小于窗内气压，窗帘在窗内外压强差的作用下向外飘，即该现象说明在气体中流速越大的位置，压强越小。
[4]当汽车紧急制动时，车由运动突然变成静止，而人由于具有惯性，继续向前运动，可能给驾乘人员带来二次冲撞造成伤害，所以乘车时必须系好安全带。
11．骆驼具有宽大的脚掌，______了受力面积，从而______地面受到的压强。
解析：增大 减小
【详解】
[1][2]骆驼具有宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
12．运输飞机一边在空中水平匀速飞行，一边往地面投放救灾物资，在这个过程中，飞机的重力势能______；物资下落过程中动能______。（均选填“增大”、“减小”或“不变”）。
解析：减小 增大
【详解】
[1]飞机水平匀速飞行时，高度未变，但因为投放物资，质量减小，因此重力势能减小。
[2]物资在下落过程中，质量未变，但速度变大，因此动能增大。
13．用力 F =40N，按住一重10N的木块，如图所示，当木块沿竖直方向匀速下滑时，木块受到的摩擦力的大小是______N，摩擦力的方向______．

解析：10N 竖直向上
【详解】
（1）木块下滑，相对于墙壁向下运动，墙壁会给它一个向上的摩擦力．由于木块是在竖直方向上匀速下滑，其处于平衡状态，所以其在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力．
（2）木块受到的重力是10N，由于摩擦力与重力是一对平衡力，根据二力平衡的条件可知摩擦力大小也等于10N，方向竖直向上．
14．如图所示，把长20cm左右的饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口靠在A管的上端，往B管中吹气，可以看到A管的水面______（选填“上升”、“下降”或“不变”），这是因为吹气时，A管上方空气流速变快，压强______（选填“变大”、“变小”或“不变”）的缘故。

答案：B
解析：上升 变小
【详解】
[1][2]沿着B管往A管的上端吹气，A管的水面会上升，因为吹气时，A管上端的空气流速变大，压强变小，而水面的大气压不变，于是将水往A管里压。
15．如图所示，轻质杠杆的中点悬挂着重力为50N的物体，在杠杆的最右端施加一个竖直向上的力F使杠杆保持水平平衡，则力F的大小为 ______N；保持力F的方向不变，将重物向右移动，要使杠杆保持水平平衡，力F将 ______；保持重物位置不变，力F的方向始终与杠杆垂直，将杠杆沿逆时针方向缓慢转动一定角度，力F将 ______。（后两空均选填“变大”、“变小“或“不变”）

答案：变大 变小
【详解】
[1]根据杠杆的平衡条件得到
G×＝F×L
F＝＝×50N＝25N
[2]由题知，杠杆最右端的力F竖直向上（方向不变），当重物向右移动时，重物对杠杆拉力的力臂l2
解析：变大 变小
【详解】
[1]根据杠杆的平衡条件得到
G×＝F×L
F＝＝×50N＝25N
[2]由题知，杠杆最右端的力F竖直向上（方向不变），当重物向右移动时，重物对杠杆拉力的力臂l2变大，F的力臂l1不变（等于杠杆的长），阻力G不变，由杠杆平衡条件Fl1＝Gl2可知，力F将变大。
[3]由题知，在杠杆的最右端施加一个始终垂直杠杆向上的力F，将杠杆沿逆时针方向向上缓慢转动，如图：

因动力始终垂直杠杆向上，则动力臂始终等于杠杆的长，即动力臂l1不变，但从A位置到B位置时，阻力G的力臂l2变小，且阻力为G保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，F是变小的。
16．如图所示是某商场的自动扶梯，扶梯的部分几何尺寸如图所示，重500N的小华站在该扶梯上从商场一楼到二楼，已知扶梯以1m/s的速度匀速上行，则扶梯对他做的功是______J，对他做功的功率是______W，小华上升过程中动能大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”），机械能大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

答案：300 不变 变大
【详解】
[1]小华的重力G=500N，扶梯对他做的功
W=Gh=500N×3m=1500J
[2]根据勾股定理可知，扶梯移动距离
从商场一楼到二楼的时间
解析：300 不变 变大
【详解】
[1]小华的重力G=500N，扶梯对他做的功
W=Gh=500N×3m=1500J
[2]根据勾股定理可知，扶梯移动距离

从商场一楼到二楼的时间

扶梯对他做功的功率

[3]在上升的过程中，因为是匀速上升，速度不变，质量不变，所以其动能不变。
[4]高度升高，所以其重力势能增大，而机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能变大。
17．A、B两物体如图所示静止在地面上，请画出B物体的受力示意图。

答案：【详解】
对物体B进行受力分析可知，物体B共受到重力、支持力和物体A的压力三个力的作用，并且重力与压力之和等于支持力；物体B受到的重力从重心竖直向下画，符号为G；地面对物体B的支持力从重心竖直向上
解析：
【详解】
对物体B进行受力分析可知，物体B共受到重力、支持力和物体A的压力三个力的作用，并且重力与压力之和等于支持力；物体B受到的重力从重心竖直向下画，符号为G；地面对物体B的支持力从重心竖直向上画，符号为；A物体对B的压力从物体B的重心竖直向下画，符号为，如图所示：

18．如图所示是液压汽车起重机的示意图。请分别画出作用在吊臂上的动力F1的力臂和杠杆所受的阻力F2。

答案：【详解】
从支点O作动力F1的作用线的垂线段，即为力臂l1；阻力是重物对吊臂的拉力，方向竖直向下，从阻力作用点向下作阻力F2的示意图，如图所示
解析：
【详解】
从支点O作动力F1的作用线的垂线段，即为力臂l1；阻力是重物对吊臂的拉力，方向竖直向下，从阻力作用点向下作阻力F2的示意图，如图所示

19．向下拉绳将重物提升，画出图中滑轮组绕绳方法。

答案：【详解】
向下拉绳将重物提升，从绳子自由端向上绕起，先绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，最后系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示
解析：
【详解】
向下拉绳将重物提升，从绳子自由端向上绕起，先绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，最后系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示

20．小明观察到电风扇、落地灯等都有大而重的底座，使它们不易翻倒。由此提出两个猜想：
①物体的稳度（稳定程度）可能与物体重心高低有关；
②物体的稳度可能与支撑面积的大小有关。
为验证猜想，他将三块相同的橡皮泥分别固定在三个相同的圆柱体的底部、中部和顶部，其重心O的位置如图甲所示；再用同样的力在三个圆柱体的同一位置小心地向左推翻圆柱体，比较圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ，如图乙所示，并记录在下表中。请你解答下列问题：
实验次数
1
2
3
重心高低
低
中
高
圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ
大
较大
小
（1）上述实验是为了验证猜想 ______（选填“①”或“②”）；
（2）圆柱体的稳度是通过 ______来反映的；
（3）为了增大货车行驶时的稳度，结合上述实验，给正在装货的司机提出一个合理建议 ______。

答案：① 圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ 将质量较大的货物装在下部，质量较小的货物装在上部
【详解】
（1）[1]根据表格中的数据可知，圆柱体相同，支撑面积的大小不变，橡皮泥放置的位置不
解析：① 圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ 将质量较大的货物装在下部，质量较小的货物装在上部
【详解】
（1）[1]根据表格中的数据可知，圆柱体相同，支撑面积的大小不变，橡皮泥放置的位置不同，重心的位置不同，圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ不同，稳度不同，所以探究的是猜想①。
（2）[2]该实验是通过圆柱体刚好翻倒时转过的角度θ来表示稳度的大小，θ越大，稳度越大，这是转换法的应用。
（3）[3]大货车在行驶时，支撑面积的大小不变，可以通过将质量较大的货物装在下部，质量较小的货物装在上部来增大行驶时的稳度。
21．在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中：

（1）小华的三次实验情况分别如图所示。实验时，用弹簧测力计拉木块在水平木板（或毛巾）上做___________运动，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）比较甲和乙两组数据得出的正确结论是___________；
（3）小华比较甲和丙两组数据得出结论：压力越大，滑动摩擦力就越大。老师指出这样得出的结论是不对的，理由是___________；
（4）在甲图实验中，木块受到的滑动摩擦力是___________N；若弹簧测力计示数增大到4N，此时的木块所受滑动摩擦力是___________N。
答案：匀速直线 压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 没有控制接触面粗糙程度相同 3.6 3.6
【详解】
（1）[1]用弹簧测力计拉木块在水平木板（或毛巾）上做匀
解析：匀速直线 压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 没有控制接触面粗糙程度相同 3.6 3.6
【详解】
（1）[1]用弹簧测力计拉木块在水平木板（或毛巾）上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，由平衡条件可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块的拉力，是一对平衡力；弹簧测力计对木块的拉力等于木块拉弹簧测力计的力（即弹簧测力计的示数），二者是相互作用力，故滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[2]由图甲和乙所示实验可知，物体间的压力相等而接触面的粗糙程度不同，接触面越粗糙，测力计示数越大，木块受到的摩擦力越大，由此可知：在物体间压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大。
（3）[3]由图甲和丙所示实验可知，物体对接触面的压力、接触面的粗糙程度都不同，木块受到的摩擦力不同，由于没有控制接触面的粗糙程度相同，不能得出压力越大，滑动摩擦力就越大的结论。
（4）[4]由图甲所示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为3.6N，由平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力是3.6N。
[5]若弹簧测力计示数增大到4N，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力大小不变，此时的木块所受滑动摩擦力仍是3.6N，由于拉力变大，木块开始做加速运动。
22．小亮用注射器做了以下几个物理小实验：

（1）用容积为2.5mL的注射器、刻度尺和量程为0﹣10N的弹簧测力计测量大气压的值。
①把注射器活塞推至注射器筒底端，目的是 ________，然后用橡皮帽封住注射器的小孔；
②如图甲所示安装好实验器材，水平向右缓慢拉动注射器外筒，当注射器中的活塞相对外筒刚开始滑动时，记下图中弹簧测力计的示数为 ___________N；
③用刻度尺测出注射器 ___________长度为5cm；
④算出大气压强值为 ___________Pa。
另一位同学，仅将所用的注射器更换为容积为10mL的注射器重新进行实验，却无法测出大气压值，其原因可能是 ___________。
（2）图乙中，注射器内密封有刚烧开的水，向下拉动活塞，水重新沸腾。这是由于拉动活塞后，液面上方气压 ___________（选填“升高”或“降低”）使液体沸点降低。
（3）图丙中，两只纸船浮在水面上静止不动，用注射器在两船之间的水面沿图示方向向前快速喷水，两船将 ___________（选填“静止不动”、“相互分开”或“相互靠近”）。
（4）图丁是自制潜水艇模型，向外拉注射器活塞，原来悬浮的潜水艇模型将 ___________（选填“上浮”或“下沉”）
答案：排出注射器内的空气 5.2 有刻度部分 1.04×105 大气压力会变大，可能超过测力计的量程，故无法测出大气压力 降低 相互靠近 下沉
【详解】
解析：排出注射器内的空气 5.2 有刻度部分 1.04×105 大气压力会变大，可能超过测力计的量程，故无法测出大气压力 降低 相互靠近 下沉
【详解】
（1）[1] 把注射器活塞推至注射器筒底端，目的是排出注射器内的空气。
[2] 由于注射器活塞颈部用绳与弹簧测力计的挂钩相连，应水平向右慢慢拉动注射器筒，这样相当于水平向右拉动弹簧测力计的挂钩；当注射器中的活塞开始运动时，说明此时拉力与大气对活塞的压力平衡，拉力等于大气对活塞的压力。故记下的弹簧测力计示数，就是大气对活塞的压力为5.2N。
[3] 用刻度尺测得注射器有刻度部分的长度为5cm。
[4] 注射器有刻度部分的容积为

注射器活塞的横截面积为

由题知

此时大气压的数值

[5]仅将所用的注射器更换为容积为10mL的注射器重新进行实验，故大气压力会变大，可能超过测力计的量程，故无法测出大气压力。
（2）[6] 图中向外拉动注射器活塞，内部空间增大，降低试管内的气压，水的沸点降低，水会重新沸腾。
（3）[7] 两只纸船浮在水面上静止不动，两只纸船两侧压强都相等，用注射器向两船之间的水面快速注水，中间水的流速增大，压强减小，外侧压强不变，两只纸船都在压强差的作用下相互靠近。
（4）[8] 向外拉注射器的活塞时，试管内气压变小，水进入试管，试管中的水增多，重力大于浮力，所以潜艇模型将下沉。
23．小明在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，选用了体积相同的铜块和铝块，弹簧测力计、细线（不吸水、质量忽略不计）、大烧杯、足量的水，已知水的密度为1.0×103kg/m3，实验过程如图所示。

（1）分析实验①③④，说明液体密度相同时，物体没入液体中的体积越大，物体受到的浮力越______，此处用到的主要实验方法是______（选填“控制变量法”或“转换法”）；
（2）分析比较实验______（填序号），可算出铜块没在水中时受到的浮力大小为______N；分析比较实验①②④⑥，可以得出结论：物体受到的浮力大小与物体密度______（选填“有关”或“无关”）；
（3）根据图中的数据可知，铜块的密度为______kg/m3；
（4）小明想测出一种液体的密度，他将适量的待测液体加入圆柱形平底容器内，然后一起缓慢放入盛有足量水的水槽中：当容器下表面所处的深度为h1时，容器处于竖直漂浮状态，如图甲所示；从容器中取出体积为V的液体后，容器重新处于竖直漂浮状态时，下表面所处的深度为h2，如图乙所示。已知容器底面积为S，水的密度为ρ水，则液体密度ρ液=______（用已知物理量的符号表示）。

答案：大 控制变量法 ①④ 1 无关 9×103
【详解】
（1）[1][2]分析实验①③④，物体排开的液体的密度相同时，物体没入液体中的体积越大，弹簧测力计
解析：大 控制变量法 ①④ 1 无关 9×103
【详解】
（1）[1][2]分析实验①③④，物体排开的液体的密度相同时，物体没入液体中的体积越大，弹簧测力计示数越小，则物体受到的浮力越大，此处用到的主要实验方法是控制变量法。
（2）[3][4][5]根据①④可知，铜块全部浸入水中，受到的浮力是

根据②⑥可知，铝块全部浸入水中，受到的浮力是

分析比较实验①②④⑥，物体的体积相同，排开的液体的体积相同，物体的密度不同，物体受到的浮力相同，这说明物体受到的浮力大小与物体密度无关。
（3）[6]由阿基米德原理可知，铜块排开的水的体积，即是铜块的体积，大小是

铜块的重力是9N，铜块的质量是

铜块的密度是

铜块的密度是9×103kg/m3。
（4）[7]容器在水中漂浮，容器排开水的体积减小量是

根据阿基米德原理可知，容器所受浮力减小量是

可知道容器所受浮力减小量大小等于体积为V的液体的重力，体积为V的液体的重力大小是

则

液体的密度是

24．在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，同学们做了如图所示三个实验，将小球沿着同一斜面由静止释放，并与同一水平面上的同一木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止。请回答下列问题：

（1）实验中，通过比较___________，来判断小球动能的大小，这种实验方法是___________法（选填“控制变量”或“转换”）。
（2）为了研究汽车超速问题，实验中应选择___________两个图进行比较，让同一个小球从不同的高度由___________开始滚下，得到的结论是：小球的质量一定时，速度越大，则动能越___________。
（3）为了研究汽车___________问题，实验中应选择___________两个图进行比较，得到的结论是：小球的速度一定时，质量越大，则动能越___________。
答案：木块移动的距离 转换 甲和乙 静止 大 超载 甲和丙 大
【详解】
（1）[1][2]实验中是通过比较木块被推动的距离的远近，比较小车对木块做功的多
解析：木块移动的距离 转换 甲和乙 静止 大 超载 甲和丙 大
【详解】
（1）[1][2]实验中是通过比较木块被推动的距离的远近，比较小车对木块做功的多少，从而判断小车动能的大小，小车被推动的越远，小球的动能就越大。
[2]实验中，把小球看不见的动能转化成了看得见的小车移动的距离，这种实验方法叫转化法。
（2）[3][4]超速是指汽车的质量一定，速度越大，动能越大，故需要控制小球的质量相同，小球滚下的高度不同，速度不同，即让同一个小球从不同的高度由静止开始滚下，应选择甲、乙两个图进行比较。
[5]根据图示可知，在小球的质量相同时，滚下的高度不同，高度越高，速度越大，木块移动的距离越大，动能越大；得到的结论是：小球的质量一定时，速度越大，则动能越大。
（3）[6][7]为了研究汽车超载问题，需要控制速度相同，质量不同，即让质量不同的小球从同一斜面的相同高度由静上滚下，应选择甲、丙两个图进行比较。
[8]小球的高度一定时，滑到底端时的速度相同；小球质量越大，推动小车运动的越远，得到的结论是：小球的速度一定时，质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大。
25．图是小明同学进行“探究杠杆的平衡条件”的实验情景，实验中所用的每个钩码重，杠杆上每一格长，部分实验数据已记录在下表中。

实验序号
动力
动力臂
阻力
阻力臂
1
1.5
2
1
3
2
1
4
2
2
3
1
4
1.5
2

(1)实验开始前，应先调节杠杆两端的__，使杠杆在__位置平衡，这样做是为了在实验中便于测量__；如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向__调节。
(2)第二次实验中，保持钩码位置不动，把杠杆左边的钩码拿走1个，要让杠杆保持平衡，则应该将杠杆右边的钩码拿走__个。
(3)第三次实验中，小明把杠杆左边的钩码换成弹簧测力计，他的操作不规范，原因是他没有沿__方向拉弹簧测力计。
(4)在实验中，多次改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是__
.多次测量取平均值减小误差
.避免偶然性，使实验结论具有普遍性
(5)请用公式表述杠杆的平衡条件：__。
答案：平衡螺母 水平 力臂 左 2 竖直
【详解】
(1)[1][2][3][4]在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母；使杠杆在
解析：平衡螺母 水平 力臂 左 2 竖直
【详解】
(1)[1][2][3][4]在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母；使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；杠杆左端偏高，可将右端的平衡螺母向左端调节；或将左端的平衡螺母向左端调节。
(2)[5]钩码所挂位置不动，将左边的钩码拿掉一个，要使杠杆仍保持平衡状态，根据杠杆平衡的条件可知

所以

杠杆的处应该挂2个钩码，应将右边的钩码拿掉2个。
(3)[6]第三次实验中，小明把杠杆左边的钩码换成弹簧测力计，他的操作不规范，由表格可知原因是他没有沿竖直方向拉弹簧测力计。
(4)[7]通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选B。
(5)[8]由

和

可知杠杆的平衡条件为

故杠杆平衡的条件为。
26．如图所示，底面积为200cm2、重为10N、足够高的薄壁柱形容器，内装有0.2m深的水，静止置于水平桌面上；用细线吊着质量为3kg的实心正方体A，使其一半体积浸入水中静止时，细线受到拉力为25N，（g取10N/kg）求：
（1）实心正方体A受到的浮力；
（2）实心正方体A的密度；
（3）容器对水平桌面的压强。

答案：（1）5N；（2）3×103kg/m3；（3）2.75×103Pa
【详解】
解：（1）实心正方体A的重力
根据称重法可知实心正方体A受到的浮力
（2）根据阿基米德原理可知实心正方体A排开水的体
解析：（1）5N；（2）3×103kg/m3；（3）2.75×103Pa
【详解】
解：（1）实心正方体A的重力

根据称重法可知实心正方体A受到的浮力

（2）根据阿基米德原理可知实心正方体A排开水的体积

物体的体积

实心正方体A的密度

（3）容器内水的体积

水的重力

实心正方体A对水的压力等于受到的浮力，故容器对水平桌面的压力

则容器对桌面的压强为

答：（1）实心正方体A受到的浮力为5N；
（2）实心正方体A的密度为3×103kg/m3；
（3）容器对水平桌面的压强为2.75×103Pa。
27．将一实心长方体物块悬挂于弹簧测力计下，物块下表面刚好与水面接触，从此处匀速下放物块，直至浸没（物块未与容器底接触）的过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中深度h的关系如图所示；已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg，求：
（1）物块受到的重力；
（2）物块浸没时受到的浮力；
（3）物块的体积；
（4）物块刚好浸没时下表面受到的液体压强。

答案：（1）25N；（2）10N；（3）1×10﹣3m3；（4）400Pa
【详解】
解：（1）由图像可知，弹簧测力计的最大示数F最大＝25N，此时物块未浸入水中，则物块重力
G＝F最大＝25N
（2）物
解析：（1）25N；（2）10N；（3）1×10﹣3m3；（4）400Pa
【详解】
解：（1）由图像可知，弹簧测力计的最大示数F最大＝25N，此时物块未浸入水中，则物块重力
G＝F最大＝25N
（2）物块浸没时弹簧测力计的示数F示＝15N，物块受到的浮力
F浮＝G﹣F示＝25N﹣15N＝10N
（3）由F浮＝ρ水gV排得物块的体积
V＝V排＝＝1×10-3m3
（3）由图乙可知
h＝4cm＝0.04m
时物块刚好浸没水中，物块刚好浸没时物块下表面受到水的压强
p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa
答：（1）物块受到的重力为25N；
（2）物块浸没时受到的浮力为10N；
（3）物块的体积为1×10﹣3m3；
（4）物块刚好浸没时下表面受到的液体压强为400Pa。
28．为了将放置在水平地面上重G=100N的重物提升到高处，小辉同学设计了图甲所示的滑轮组装置。当小辉用图乙所示随时间变化的竖直向下的拉力F拉绳时，重物的速度v随时间t变化的关系图像如图丙所示。若重物与地面的接触面积，不计摩擦，绳对滑轮的拉力方向均可看成在竖直方向。求：
（1）重物还没挂在滑轮组装置前对水平地面的压强p
（2）在2~3s内，拉力F的功率P
（3）在2~3s内，滑轮组的机械效率η
（4）在1~3s内，拉力F做的功487.5J，则1~2s内物体移动的距离

答案：（1）；（2）300W；（3）83.3%；（4）1.25m
【详解】
解：（1）重物还没挂在滑轮组装置前对水平地面的压强
=2×103Pa
（2）由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50
解析：（1）；（2）300W；（3）83.3%；（4）1.25m
【详解】
解：（1）重物还没挂在滑轮组装置前对水平地面的压强
=2×103Pa
（2）由图可知在2～3s内，重物做匀速运动，v3=2.50m/s，拉力F3=40N，因为从动滑轮上直接引出的绳子股数（承担物重的绳子股数）n=3，所以拉力F的作用点下降的速度
v3′=3v3=3×2.50m/s=7.5m/s
拉力做功功率（总功率）

（3）在2~3s内，滑轮组的机械效率

（4）在2～3s内，拉力做的功
W3=P总t3=300W×1s=300J
在1～2s内，拉力做的功
W2=W-W3=487.5J-300J=187.5J
1~2s内拉力大小是50N，绳子自由端移动的距离

1~2s内物体移动的距离

答：（1）重物还没挂在滑轮组装置前对水平地面的压强是；
（2）在2~3s内，拉力F的功率是300W；
（3）在2~3s内，滑轮组的机械效率是83.3%；
（4）在1~3s内，拉力F做的功487.5J，则1~2s内物体移动的距离是1.25m。